Полезное:
Как сделать разговор полезным и приятным
Как сделать объемную звезду своими руками
Как сделать то, что делать не хочется?
Как сделать погремушку
Как сделать так чтобы женщины сами знакомились с вами
Как сделать идею коммерческой
Как сделать хорошую растяжку ног?
Как сделать наш разум здоровым?
Как сделать, чтобы люди обманывали меньше
Вопрос 4. Как сделать так, чтобы вас уважали и ценили?
Как сделать лучше себе и другим людям
Как сделать свидание интересным?
Категории:
АрхитектураАстрономияБиологияГеографияГеологияИнформатикаИскусствоИсторияКулинарияКультураМаркетингМатематикаМедицинаМенеджментОхрана трудаПравоПроизводствоПсихологияРелигияСоциологияСпортТехникаФизикаФилософияХимияЭкологияЭкономикаЭлектроника
|
Плоская задача теории упругости в полярных координатах
При решении плоской задачи в полярных координатах ряд инженерных задач удается решить путем непосредственного интегрирования исходных дифференциальных уравнений. Ориентация и обозначение напряжений в полярной системе координат показаны на рисунке 3. Основные уравнения плоской задачи теории упругости в полярных координатах имеют вид: уравнения равновесия:
(8)
уравнение совместности деформаций в напряжениях:
(9)
где Ñ2 - гармонический оператор Лапласа в полярных координатах:
, (10)
соотношения Эри и бигармоническое уравнение:
(11)
(12)
Несмотря на более громоздкий вид уравнений плоской задачи в полярных координатах для ряда инженерных задач удается найти решение в замкнутом виде. Одной из таких задач является задача о простом радиальном напряженном состоянии, когда при интегрировании уравнений (8) и (9) получают следующее напряженное состояние: ; . (13) Этому состоянию соответствует задача о клине, нагруженном силой в вершине (рисунок 4). Значения постоянных k и q0, можно вычислить, воспользовавшись следующими формулами: (14) ; (15) где a - угол полураствора клина и b - угол отклонения силы Р от биссектрисы угла.
Большое инженерное решение имеет частный случай - задача Фламана о действии силы на полуплоскость (рисунок 5). В этом случае угол полураствора клина равен a = 90°, угол b = 0°. Постоянные: k = Выражение для напряжений принимает вид: Рассмотрим напряженное состояние полуплоскости на разных глубинах. Для этого удобнее перейти к декартовым координатам. Воспользуемся выражениями для напряжений по наклонным площадкам: (16) (17) (18)
На рисунках 6 – 8 показаны эпюры напряжений в слое, отстоящем от поверхности полуплоскости на расстоянии а.
Изгиб прямоугольной пластинки
При решении задач изгиба прямоугольной пластинки (рисунок 9) функцию прогиба w (x, y) находят путем интегрирования бигармонического уравнения изгиба пластинки: (19)
Как было указано во введении, основная и наиболее трудоемкая часть задачи расчета жесткой пластинки заключается в определении функции w (x,y) как решения бигармонического уравнения Софии Жермен - Лагранжа (19), удовлетворяющего заданной нагрузке и условиям опирания пластинки. Здесь q (x,y) –поверхностная нагрузка на пластинку; – цилиндрическая жесткость пластинки; h – толщина пластинки. Внутренние усилия (рисунок 10) и напряжения в пластинке связаны с перемещениями следующими зависимостями. Изгибающие моменты: (20) Крутящий момент: (21) Поперечные силы: (22) Согласно принятой в теории изгиба пластинок гипотезы Бернулли – Кирхгофа о жесткой нормали, напряжения, создающие изгибающие моменты Mx, My, определяются по формулам сопротивления материалов: , (23) где W = 1· h2 /6 – момент сопротивления элемента поперечного сечения пластинки единичной ширины. Таким образом, если известна функция w (x,y), то, вычислив максимальный прогиб, можно проверить условие жесткости. Далее, определив внутренние усилия по выражениям (20) и (21), можно найти их максимальные значения и по формулам (23) вычислить наибольшие напряжения и дать оценку прочности пластинки. Уравнение (19) имеет множество решений и для отыскания своего решения необходимо воспользоваться граничными условиями – условиями опирания пластинки. Запись условий опирания. В теории пластинок приняты три основных вида опирания – защемление, свободное (шарнирное) опирание и свободный неопертый край. Пусть левый край пластинки 0-1 с координатами х = 0, 0 ≤ у ≤ b защемлен (рисунок 11). В этом случае граничные условия принимают вид: 1) прогиб w = 0, 2) угол поворота левой грани Если защемлены верхний или нижний края пластинки, условия опирания имеют аналогичные выражения: 1) прогиб w = 0, 2) угол поворота нижней (верхней) грани Верхний край 0 - 2 с координатами 0 ≤ x ≤ a, y = 0 шарнирно оперт. Тогда граничные условия записываются как: 1) прогиб w = 0, Изгибающий момент на грани My = 0. Поскольку производная по х на верхней опертой грани второе условие принимает вид: 2) My = Если шарнирно оперты боковые грани, то условия опирания имеют вид: 1) w = 0, 2) Mx = Пусть нижний край 1-3 (0 ≤ x ≤ a, y = b) неоперт. В этом случае w ≠ 0, а нулю должны быть равны усилия (реакции) на свободном неопертом крае. Т. е. 1) My = 0, 2) Mxy = 0, 3) Qy = 0. Два последних условия можно объединить в одно и граничные условия примут вид: 1) 2) . Если неоперты правый или левый край, то граничные условия запишутся как: 1) 2) .
|